电路原理答案范文第1篇

“风波”发生在一节试卷讲评公开课中，当时教师正在讲解下列例题：

在如图1所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表有示数．已知电路中各处均接触良好.

（1） 请写出发生上述现象的三个可能原因： 　 　 ； 　 ； 　 ．

（2） 为进一步确定原因，小华同学将一个电流表正确串联在该电路中，闭合开关S，观察电流表的示数情况． 若电流表有示数，说明上述现象产生的原因是

（写出一个可能原因）；若电流表无示数，说明上述现象产生的原因是 .

（3） 小明同学准备用一根导线并联接在电阻R两端，根据灯泡能否发光进一步确定原因.此操作方案是否可行，请说明理由： .

本题是2011年无锡市的中考题，原题附设的标准答案和评分标准如下：

（1） 电阻R断路、灯L短路或灯泡两端电压远小于其额定电压（其他答案合理同样给分）；（2） 灯L短路（其他答案合理同样给分）电阻R断路；（3） 不可行，可能会造成电源短路.

在讲解第三问时，有学生提出了不同的答案，实录如下.

学生：可行，可用导线试触R的两端，如果灯不亮，说明灯本来就是短路的；如果灯亮了，说明原来电路中的电流太小了!

教师：题目中交代，导线是并联接在电阻R两端的，无法试触.

学生：可以用开关来试触!

教师：试触？!试触虽然对电表没有什么损害，但对电池会有损害.

学生：对电池没有影响!上次实验时我试过.

教师：损害肯定是有的，只是表面上没有显现而已，所以这个答案不能算对！

学生显然并不认同教师的说法，但又无可奈何，此后该生在课堂上表现得很消沉.

评课时，有的教师认同执教教师的处理，也有教师认为学生的答案是正确的，双方争论激烈，最终也没有取得一致.联想到近年来试卷批阅中多次出现的类似场面，笔者认为有必要研究新课程背景下教师应如何恰当地设置习题的标准答案这一问题，详述如下.

二、 应重视提升标准答案的适切性

新课程实施后，习题的内容与形式都有了较大的改观，答案的多元性、开放性和叙述量都有所增加，这些都对习题标准答案的设置工作提出了新的、更高的要求.其中最突出的，就是要求在设置标准答案时，要特别重视答案设置的适切性.

1. 什么是标准答案的适切性

适切性本质上反映的是教师规定的标准（表现为标准答案和评分标准）在多大程度上能准确评价学生的认知发展水平（隐藏于学生的实际答案之中），是二者间契合程度的表征，又具体表现为“评分标准”的合理性和“标准答案”的完备性.如果“理应正确”的答案没有被包括，或“白玉微瑕”的答案遭全盘否定，如前述风波中的“试触”答案，则表明我们预定的标准答案的适切性是有问题的.

2. 提升标准答案适切性的意义

适切性反映答案与学习主体——人的契合程度. 不具良好适切性的答案是一种“目中无人”的答案，只会导致“目中无人”的学习评价!而适切性差，正是当前教学评价中的一个突出问题，不但直接影响评价的效度和信度，还通过考试这一“指挥棒”影响、干扰新课程的落实，必须着力扭转.

三、 如何提高标准答案设置的适切性

1. 树立“以生为本”的理念

新课程标准提出教学评价要“促进学生素质的全面提高”，这是“以人为本”的教育理念的自然流露.作为教学评价的基本环节之一，答案标准的设置自然也要顺应这一逻辑；另一方面，答案设置中的种种不足，在很多场合、很大程度上都归因于教师“没有想到学生会如此”或“根本没有考虑学生”，这种“教师的预设”与“学生的生成”、“教师认定的应然”与“新课程认为的应然”间的脱节，来源于设置者“生本”理念的旁落. 由此，提升设置的适切性首先要求教师树立“生本”理念，具体而言，就是要改变以往一味地站在学科专业的立场上，以成人的角度去设置答案标准的偏差，尝试并逐渐习惯站在生活的立场上，以儿童——“一个成长中的人”的视角去看问题、想问题和表达问题.

2. 处理好与科学性、严谨性之间的关系

重视答案的适切性，并不意味着放弃科学性、严谨性. 三者应统筹兼顾.仍以上述“试触”答案为例，其实瞬时电源短路对电池是有一定损害的!从科学性标准来看，该答案并非无懈可击. 但我们必须考虑到，“瞬时短路有害”既超出了学生的操作经验——在实验、生活中没有直接观察到，也超出了学生的知识经验——教师并没有传授过相关的知识，所以学生对此的无知是必然的、正常的，因而也是允许的!如果因此而否定这一答案，实质上就是否定了学生“总会存在暂时性无知”的合理性，还连带否定了学生在“无知”基础上展开的所有其他正确的推理和判断，更否定了他比其他学生更多的“创造性心智投入”，这显然有失公允!所以即使存在科学性的瑕疵，我们仍应肯定. 所以适切性会反过来规制答案应该具备何种程度的科学性和严谨性.

电路原理答案范文第2篇

关键词：说题；讲评教学；思维提示

目前，不少中小学及教研部门正积极开展说题活动，以实现提升教师教研水平、提高讲评教学质量的目的。那么，如何理解说题、如何有效开展说题活动呢？

一、关于“说题”

对于说题，从笔者所查阅到的文献看，有两种基本取向：（1）说题和说课相类似，是一种教研活动，活动主体是教师，目的在于研究教学（尤其是讲评教学）。教研活动时，教师以试题为对象，阐述命题立意、解答思路、教学设计及反思感悟等；（2）说题是试卷讲评的一种方式或方法，活动主体是教师和学生。教学时，师生以试题为对象，阐述试题考查要求、解答思路与结果等。

深入分析可知，两种说题均将有效讲评作为最终追求。两种说题活动可统一于试卷讲评中，只在时间先后、内容侧重与活动主体上有差异。具体为：第一种取向（说题是教研活动）的说题，先行于试题讲评。说题时，同组教师在独立研究试题基础上，由一位（些）教师阐述对试题的理解以及讲评教学规划，其他教师点评、补充与完善，并形成教学方案；讲评教学时，实施第二种取向（说题是讲评方式）的说题，教师基于教学方案，充分引导、调动学生表述对试题的理解、解答的思路及反思，同时针对学生表述情况予以点拨、归纳与总结。

不难发现，第一种取向说题活动的开展及其结果（形成的讲评教学方案）反映了教师的教学行动理念及对试题内涵的理解。由于教师对试题内涵理解的程度决定着试题评析的深广度，教学行动理念决定着讲评教学的方式方法，因而第一种取向说题活动的开展及结果将直接影响乃至决定第二种取向说题活动的质量与效度。因此，从这个意义上说，第一种取向的说题更为重要。

二、“说题”说什么

基于其他学者的研究，对第一种取向的说题可界定如下：它是教师以教育教学理论为指导，在深入进行试题分析与研究的基础上，面对同行、领导或教研人员，采用口头语言和有关的辅助教学手段，对某一道（类）试题讲评的教学规划以及对教学规划的依据进行系统阐述的一种教学研究活动。其目的在于促进教师深入研究试题功能及其讲评教学策略，从而提高教师的试题研究能力、解题思维分析能力及讲评教学规划能力，最终实现提升试题讲评教学的质量。

我们已有的研究认为，讲评教学中包含教师的讲评思维、试题的命制思维和学生的答题思维。其中，试题命制思维体现为试题的命题立意，学生的答题思维体现为学生面对试题时如何调用知识进行分析与解答，教师的讲评思维体现为讲评教学时安排了哪些环节、选择怎样的方式来进行讲评。显然，教师的讲评思维建立于试题的命制思维与学生的应答思维之上。具体来说，就是教师在把握试题命题立意及学生答题情况的基础上，才能对如何开展讲评教学作出具体的规划。只有这样，才能实现讲评教学的目的――将学生的应答思维引向试题的命制思维。

由于说题就是要对某一道（类）试题讲评的教学规划以及对教学规划的依据进行系统阐述，而试题讲评规划实际为教师讲评思维的体现，讲评规划的依据是试题的命题立意和学生的答题情况，因而，从思维的视角上看，说题的本质就是要揭示（即“说”）某一道（类）试题讲评的教学思维、试题命制思维和学生应答思维。

三、“说题”怎么说

由于试题命制思维、学生应答思维是教师讲评思维的基础，因而从时序上看，说题时应依次阐述试题命制思维、学生应答思维和教师讲评思维。如何深入阐述三类思维？下面结合例题来阐述。

1.说命题思维

所谓命题思维，就是命题者命题时，采用怎样的形式与内容、设计怎样的情境与题型来考查某些知识与能力等。因而，说命题思维，就是揭示试题的命题立意、考查目标及其实现途径。命题思维的阐述，体现了教师的试题研究水平与理解能力。说题时，往往可从三个方面来揭示命题思维：考什么、怎么考、为何这样考。其中，“考什么”主要剖析考查哪些知识与技能、能力与方法、情感态度和价值观，以及所考查的知识层次（“记忆”、“理解”还是“应用”）等；“怎么考”则需对试题设置怎样的情境、怎样的问题及问题间的逻辑关系、需要怎样的作答方式等进行阐述；“为何这样考”则从课程目标、考试功能及评价导向等方面，对相关试题所追求的功能价值与立意导向等加以揭示。当然，具体到说题时，三个方面可以融合在一起来加以阐述。

例1.（全国I卷’2013-10）银制器皿日久表面会逐渐变黑，这是生成了Ag2S的缘故。根据电化学原理可进行如下处理：在铝质容器中加入食盐溶液，再将变黑的的银器浸入该溶液中，一段时间后发现黑色会褪去。下列说法正确的是（ ）

A.处理过程中银器一直保持恒重

B.银器为正极，Ag2S被还原生成单质银

C.该过程中总反应为2Al + 3Ag2S = 6Ag + Al2S3

D.黑色褪去的原因是黑色Ag2S转化为白色AgCl

【分析】试题考查原电池原理及其应用、电极反应式书写等知识以及获取信息、分析解答问题的能力。命题者通过呈现银器锈蚀及其处理等素材，要求学生结合原电池原理及元素化合物知识，对银器除锈过程中的电极、反应方程式及反应现象作出分析与判断，凸显化学与社会的关系，意在引导学生运用化学视角去观察和思考日常生活问题，感悟化学学科知识的应用价值，体现能力立意的命题指导思想，为中学化学教学提供良好的导向。解答时，要求学生在阅读题示信息基础上抽提出银器锈蚀及其处理的本质――锈蚀后的银器、铝质容器与食盐溶液构成了原电池并发生了电化学反应，在此基础上结合原电池原理、氧化还原反应及元素化合物知识对相关问题进行分析与处理，从而实现相关能力的考查，实现知识理解与应用水平的考查。

2.说答题思维

答题思维反映了学生面对一道试题时将如何展开思考。答题过程的实质为学生面对具体问题时，通过调用相关知识与已有信息去达成问题目标的过程。这一过程经历了问题识别与转化、信息提取与加工、答案组织与呈现等环节。因此，说题活动时，结合解题经历的环节和讲评要求，可从如下几个方面来揭示答题思维：一是学生是如何思维的（即如何识别问题、如何提取信息、如何加工信息等）；二是学生的思维结果如何（学生按前述思维将得出怎样的结论、如何对结果加以表达和叙述）；三是应答思维评价（对学生的思维的优劣、结果的正误进行评价，并对学生思维障碍的本质及成因加以分析）。答题思维的阐述，体现了教师对学生思维的分析判断水平。由于讲评教学往往是立足于学生答题思维错误或障碍而开展的，因而说答题思维时，特别需要关注学生错误应答思维的分析与揭示。

例2.（北京’2013-26）NOx是汽车尾气中的主要污染物之一。

（1）-（3）（略）

（4）通过NOx传感器可监测NOx的含量，其工作原理示意图如下：

①Pt电极上发生的是 反应（填“氧化”或“还原”）。

②写出NiO电极的电极反应式： 。

【分析】学生阅读题目时，能够根据图示的电极与电解质、相关问题的要求等信息，判断此题涉及原电池等相关内容的考查。然而，不少学生由于对原电池原理的理解不够透彻、忽视O2-迁移等重要信息，解答时会作出如下错误的分析与判断：一方面结合教材铜锌原电池反应原理（负极对应的电极材料参与了反应，失去电子而被氧化），从题给原电池电极材料分别为金属（Pt）和金属氧化物（NiO）出发，得出Pt电极为负极、发生氧化反应的结论；另一方面则结合氮氧化物的性质，认为NiO电极上的反应为2NO+O2=2NO2。学生的这一认知障碍，恰恰暴露了中学原电池原理的教学问题：不少教师的教学，未从“宏观―微观―符号”三重表征思维来指导学生深刻认识原电池原理，过分关注原电池反应中的宏观现象及对外电路中电子转移情况的分析，忽视了原电池离子流动的分析及离子移动动力的揭示，忽略了电子、离子、分子在电极表面相互作用与宏观现象的关系。正是由于教学存在问题，导致学生未能深刻理解原电池原理，从而在面对陌生情境时简单机械地迁移而出现 错误。

3.说讲评思维

有效讲评所追求的目标是将学生的不良应答思维引向命题思维。如何实现这一目标？这就要求教师根据命题思维和答题思维之差异，对讲评教学过程作出设计与规划。说题的一项重要工作就是揭示教师是如何根据命题思维和解答思维差异作出讲评教学的规划。这一揭示过程，就是说命题思维。说题时，可从以下三个方面来揭示教学思维：（1）思维差异（即命题思维和答题思维之间有何不同）；（2）纠偏策略（基于学生的思维障碍，如何指导审题、如何导探、如何总结反思等）；（3）指导思想（纠偏活动设计的教育教学理论依据何在）。不难看出，教学思维的分析，体现着教师讲评教学的规划能力。

例3.（江苏’2013-6）甲、乙、丙、丁四种物质中，甲、乙、丙均含有相同的某种元素，它们之间具有如下转化关系： 。下列有关物质的推断不正确的是（ ）

A.若甲为焦炭，则丁可能是O2

B.若甲为SO2，则丁可能是氨水

C.若甲为Fe，则丁可能是盐酸

D.若甲为NaOH 溶液，则丁可能是CO2

【分析】对于此道试题，命题者期望答题者根据题示的物质间转化关系，敏锐地捕捉到反应物的量对产物的影响，然后从量的视角去分析。然而，学生答题时，往往会将四个选项中甲和丁对应的物质依次放到四种物质转化关系中加以分析，从而做出选择。这样的解答思路反映出学生并未建立用反应原理统摄元素化合物知识的思路，无法从转化观（转化的条件性、规律性）的视角整合、看待物质的转化。为实现从转化观视角看待物质及其反应，可按下述步骤教学：（1）引导学生分析甲与丁反应生成乙或丙的本质（量对反应的影响）；（2）引导学生分析若丁为氧化剂（还原剂）、碱（多元酸或其对应的氧化物）时，甲转化为乙、乙转化为丙的反应类型及其特点（价态变化规律及酸碱中和规律）；（3）引导学生分析甲在组成和类属上的特点。通过学生自主探究，容易建构起分析与统摄元素化合物转化的思路与视角，并对元素化合物的知识作进一步的归纳与总结。这样的教学设计，不仅符合建构主义理论，而且符合新课程强调的关于物质及其转化的研究思路与方法。

四、“说题”的实施

电路原理答案范文第3篇

题型一、交变电流问题中四值的相关计算

1

题型二、理想变压器几个重要结论的应用

4

题型三、理想变压器中电路的动态分析问题

12

题型四、远距离输电问题

15

题型一、交变电流问题中四值的相关计算

1.（2019天津）单匝闭合矩形线框电阻为，在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动，穿过线框的磁通量与时间的关系图像如图所示。下列说法正确的是（

）

A.

时刻线框平面与中性面垂直

B.

线框的感应电动势有效值为

C.

线框转一周外力所做的功为

D.

从到过程中线框的平均感应电动势为

【答案】BC

【解析】：由图像可知时刻线圈的磁通量最大，因此此时线圈处于中性面位置，因此A错误；由图可知交流电的周期为T，则，由交流电的电动势的最大值为，则有效值为，故B正确，线圈转一周所做的功为转动一周的发热量，，故C正确；从0时刻到时刻的平均感应电动势为，故D错误。

2.（2014·天津卷）如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图2中曲线a、b所示，则(

)

图1

图2

A．两次t＝0时刻线圈平面均与中性面重合

B．曲线a、b对应的线圈转速之比为2∶3

C．曲线a表示的交变电动势频率为25

Hz

D．曲线b表示的交变电动势有效值为10

V

【答案】AC

【解析】：

本题考查交变电流图像、交变电流的产生及描述交变电流的物理量等知识，从图像可以看出，从金属线圈旋转至中性面时开始计时，曲线a表示的交变电动势的周期为4×10－2

s，曲线b表示的交变电动势的周期为6×10－2

s，所以A、C正确，B错误；由Em＝NBSω可知，＝＝＝，故Emb＝Ema＝10

V，曲线b表示的交流电动势的有效值为5

V，D错误．

3.（2013.山东）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表。线圈绕垂直于磁场方向的水平轴沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，以下判断正确的是(

)

A．电流表的示数为10A

B.线圈转动的角速度为50rad/s

C.0.01s时线圈平面与磁场方向平行

D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左

【答案】：A

【解析】：电流表显示的为有效值，I==10A故A选项正确，由图可知交变电流的周期为0.02s，rad/s

，故B选项错误；t=0.01s时感应电流的值反向最大，说明磁通量的变化率最大，线圈处于与中性面垂直的平面，故C错误，结合右手定则，图示的位置即为0.02s线圈所处的位置，故在t=0.02s时通过R

的电流方向自左向右；故D错

4.（2015四川）．小型手摇发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO′，线圈绕OO′匀速转动，如图所示。矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，则发电机输出电压(

)

A．峰值是e0

B．峰值是2e0

C．有效值是

D．有效值是

【答案】D

【解析】：由题意可知，线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，因此对单匝矩形线圈总电动势最大值为2e0，又因为发电机线圈共N匝，所以发电机线圈中总电动势最大值为2Ne0，根据闭合电路欧姆定律可知，在不计线圈内阻时，输出电压等于感应电动势的大小，即其峰值为2Ne0，故选项A、B错误；又由题意可知，若从图示位置开始计时，发电机线圈中产生的感应电流为正弦式交变电流，由其有效值与峰值的关系可知，U＝，即U＝，故选项C错误；选项D正确。

*5.（2016·全国卷3）如图所示，M为半圆形导线框，圆心为OM；N是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为ON；两导线框在同一竖直面(纸面)内；两圆弧半径相等；过直线OMON的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面．现使线框M、N在t＝0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过OM和ON的轴，以相同的周期T逆时针匀速转动，则(

)

A．两导线框中均会产生正弦交流电

B．两导线框中感应电流的周期都等于T

C．在t＝时，两导线框中产生的感应电动势相等

D．两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等

【答案】BC

【解析】：

设导线圈半径为l，角速度为ω，两导线框切割磁感线的等效长度始终等于圆弧半径，因此在产生感应电动势时其瞬时感应电动势大小始终为E＝Bωl2，但进磁场和出磁场时电流方向相反，所以线框中应该产生方波交流式电，如图所示，A错误；由T＝可知，两导线框中感应电流的周期相同，均为T，B正确；在t＝时，两导线框均在切割磁感线，故两导线框中产生的感应电动势均为Bωl2，C正确；对于线框M，有·＋·＝·T，解得U有M＝E；对于线框N，有·＋0＋·＋0＝·T，解得U有N＝E，故两导线框中感应电流的有效值并不相等，D错误．

题型二、理想变压器几个重要结论的应用

6.（2018天津）教学用发电机能够产生正弦式交变电流。利用该发电机（内阻可忽略）通过理想变压器向定值电阻R供电，电路如图所示，理想交流电流表A、理想交流电压表V的读数分别为I、U，R消耗的功率为P。若发电机线圈的转速变为原来的，则(

)

A.

R消耗的功率变为

B.

电压表V的读数为

C.

电流表A的读数变为2I

D.

通过R的交变电流频率不变

【答案】B

【解析】试题分析：根据公式分析电动机产生的交流电的最大值以及有效值、频率的变化情况；根据判断原副线圈中电流电压的变化情况，根据副线圈中功率的变化判断原线圈中功率的变化；

根据可知转速变为原来的，则角速度变为原来的，根据可知电动机产生的最大电动势为原来的，根据可知发电机的输出电压有效值变为原来的，即原线圈的输出电压变为原来的，根据可知副线圈的输入电压变为原来的，即电压表示数变为原来的，根据可知R消耗的电功率变为，A错误B正确；副线圈中的电流为，即变为原来的，根据可知原线圈中的电流也变为原来的，C错误；转速减小为原来的，则频率变为原来的，D错误．

*7.（2017.北京）如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有R=55

Ω的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2:1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是(

)

A．原线圈的输入功率为220W

B．电流表的读数为1

A

C．电压表的读数为110V

D．副线圈输出交流电的周期为50

s

【答案】B

【解析】电表的读数均为有效值，原线圈两端电压有效值为220

V，由理想变压器原、副线圈两端电压与线圈匝数成正比，可知副线圈两端电压有效值为110

V，C错误；流过电阻R的电流为2

A，可知负载消耗的功率为220

W，根据能量守恒可知，原线圈的输入功率为220

W，A错误；由P=UI可知，电流表的读数为1

A，B正确，由交变电压瞬时值表达式可知，ω=100π

rad/s，周期T=0.02

s，D错误。

8.（2014·新课标2）如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2.原线圈通过一理想电流表A接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端．假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大．用交流电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为Uab和Ucd，则

A．Uab∶Ucd＝n1∶n2

B．增大负载电阻的阻值R，电流表的读数变小

C．负载电阻的阻值越小，c、d间的电压Ucd越大

D．将二极管短路，电流表的读数加倍

【答案】BD

【解析】

经交流电压表、交流电流表测得的值分别为交变电压和交变电流的有效值，根据变压器公式＝得到输出电压，而输出电压U2不等于c、d端电压，因二极管具有单向导电性，输入电压通过变压器变压后经二极管整流后有效值发生变化，

Ucd＝＝，则Uab∶Ucd＝n1∶n2，故A错误．增大负载电阻的阻值R,

Uab不变，Ucd也不变，根据P出＝可知输出功率减小，根据理想变压器的输入功率等于输出功率可知，输入功率必减小，故电流表读数变小，B正确，C错误．二极管短路时，U′cd＝U2，输出功率P′出＝＝＝2P出，故输入功率P1也加倍，而输入电压U1不变，根据P1＝U1I1得电流表读数加倍，D正确．

9.（2016·全国卷1）一含有理想变压器的电路如图1­所示，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别为3

Ω、1

Ω

和4

Ω，为理想交流电流表，U为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定．当开关S断开时，电流表的示数为I；当S闭合时，电流表的示数为4I.该变压器原、副线圈匝数比为(

)

A．2

B．3

C．4

D．5

【答案】：B

【解析】：开关断开时，原、副线圈的电流比＝，通过R2的电流I2＝，副线圈的输出电压U2＝I2(R2＋R3)＝，由＝可得原线圈两端的电压U1＝5I，则U＝U1＋IR1＝5I＋3I；开关闭合时，原、副线圈的电流比＝，通过R2的电流I′2＝，副线圈的输出电压U′2＝I′2R2＝，由＝可得原线圈两端的电压U′1＝4I，则U＝U′1＋4IR1＝4I＋12I，解得＝3，选项B正确．

10.（2016·全国卷3）

如图所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b.当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．下列说法正确的是(

)

A．原、副线圈匝数比为9∶1

B．原、副线圈匝数比为1∶9

C．此时a和b的电功率之比为9∶1

D．此时a和b的电功率之比为1∶9

【答案】：AD

【解析】

设灯泡的额定电压为U0，则输入电压U＝10U0，由于两灯泡均正常发光，故原线圈两端的电压U1＝U－U0＝9U0，副线圈两端的电压U2＝U0，所以原、副线圈的匝数比n1∶n2＝U1∶U2＝9∶1，A正确，B错误；原、副线圈的电流之比I1∶I2＝n2∶n1＝1∶9，由电功率P＝UI可知，a和b的电功率之比为1∶9，C错误，D正确．

11.（2016·四川）

如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电，如果将原、副线圈减少相同匝数，其他条件不变，则(

)

A．小灯泡变亮

B．小灯泡变暗

C．原、副线圈两端电压的比值不变

D．通过原、副线圈电流的比值不变

【答案】：B

【解析】

：由变压器相关知识得：＝，原、副线圈减去相同的匝数n后：＝＝，－＝

12.（2016·海南卷）

图(a)中，理想变压器的原、副线圈的匝数比为4∶1，RT为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想交流电表．原线圈所接电压u随时间t按正弦规律变化，如图(b)所示．下列说法正确的是(

)

A．变压器输入、输出功率之比为4∶1

B．变压器原、副线圈中的电流之比为1∶4

C．u随t变化的规律为u＝51sin(50πt)(国际单位制)

D．若热敏电阻RT的温度升高，则电压表的示数不变，电流表的示数变大

【答案】：BD

【解析】：理想变压器的输入功率等于输出功率，故A错误．理想变压器原、副线圈的电流与匝数成反比，故B正确．从图(b)可知交流电的周期为0.02

s，所以u随t变化的规律为u＝51sin(100πt)，故C错误．温度升高，热敏电阻阻值减小，电流表示数变大，电压表示数为输入的交流电的电压有效值，故不变，D正确．

13.(2015全国1)理想变压器的原、副线圈的匝数比为3

：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接有电压为220V的正弦交流电源上，如图所示，设副线圈回路中电阻两端的电压为U,原、副线圈回路中电阻消耗的功率之比为k，则(

)

A.

U=66V，k=1/9

B.

U=22V，k=1/9

C.

U=66V，k=1/3

D.

U=22V，k=1/3

【答案】

A

【解析】根据理想变压器的原理：原、副线圈电压比等于线圈匝数比即U1:U2=n1

:

n2

，当副线圈电压U2

=U，得原线圈电压U1

=

3U,

理想变压器能量不损耗有P1=P2

,

即U1I1=U2I2

，

I2=U/R

,得到I1

=

;根据串联电路的特点有：U源=U1+I1R

，联立并将U源=220V数据代入可得：U=66V;原、副线圈回路中的电阻消耗的功率根据P

=

I2R

,电阻相等，可得功率之比k=1/9

,故选项A正确。

14.（2014·山东卷）

如图所示，将额定电压为60

V的用电器通过一理想变压器接在正弦交变电源上．闭合开关S后，用电器正常工作，交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220

V和2.2

A．以下判断正确的是(

)

A．变压器输入功率为484

W

B．通过原线圈的电流的有效值为0.6

A

C．通过副线圈的电流的最大值为2.2

A

D．变压器原、副线圈匝数比n1∶n2＝11∶3

【答案】：BD

【解析】：

理想电流表没有电阻，显示的2.2

A是理想变压器的输出电流的有效值，理想电压表的电阻无穷大，显示的220

V是理想变压器的输入电压的有效值．用电器正常工作，所以，理想变压器的输出电压的有效值为60

V．根据理想变压器的电压与匝数成正比，可得n1∶n2＝U1∶U2＝11∶3

，选项D正确．理想变压器的输入功率等于输出功率，P入＝P出＝60×2.2

W＝132

W

，选项A错误．根据理想变压器的电流与匝数成反比，即I1∶I2＝n2∶n1，可得通过原线圈的电流的有效值为I1＝I2＝0.6

A

，选项B正确．通过变压器的是正弦交流电，所以副线圈的电流的最大值为Im＝I2＝2.2

A，选项C错误．

15.（2014·福建卷）图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n42R，忽略灯丝电阻随温度的变化．当A、B端接入低压交流电源时(

)

A．A1、A2两表的示数相同

B．L1、L2两灯泡的亮度相同

C．R1消耗的功率大于R3消耗的功率

D．R2两端的电压小于R4两端的电压

【答案】D

【解析】

由于n1

16.（2014·江苏卷）

远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R.变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是(

)

A.

＝

B．I2＝

C．I1U1＝IR

D．I1U1＝I2U2

【答案】：D

【解析】：

对理想变压器来说，输出功率决定输入功率，两者总相等，故选项D正确；对只有一组副线圈的理想变压器来说，通过原、副线圈的电流之比等于原、副线圈的匝数之比的倒数，因此选项A错误；输出电流决定输入电流，I2是由用户的电流决定的，I1是由I2决定的，与输电线上的电阻无关，选项B错误；输出功率决定输入功率，升压变压器的输入功率应等于用户的功率与输电线上消耗的功率之和，故选项C错误．

17.（2015海南）如图，一理想变压器原、副线圈匝数比为4:1，原线圈与一可变电阻串联后，接入一正弦交流电源；副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R=11R0，是理想电压表；现将负载电阻的阻值减小为R=5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表读数为5.0V，则(

)

A.此时原线圈两端电压的最大值约为34V

B.此时原线圈两端电压的最大值约为24V

C.原线圈两端原来的电压有效值约为68V

D.原线圈两端原来的电压有效值约为48V

【答案】AD

18.(2015广东)图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V。调节前后

A．副线圈中的电流比为1:2

B．副线圈输出功率比为2:1

C．副线圈的接入匝数比为2:1

D．原线圈输入功率比为1:2

【答案】C

【解析】:通过调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V，输出电压减少为原来的一半，根据欧姆定律I

=

U/R

，在电阻不变时，调节前后副线圈输出电流之比为I2前

：I2后

=

U2前

：U2后

=

2

：1

，选项A错误；根据理想变压器原理U1

:

U2

=

n1

:

n2

，在原线圈电压和匝数不变的情况下，副线圈接入匝数也应该变为原来的一半，接入匝数比n2前

：n2后

=

U2前

：U2后

=

2

：1

，选项C正确；根据功率P=UI

，得到调节前后副线圈输出功率之比P2前

：P2后

=

U2前I2前

：U2后I2后

=

4

：1，选项B错误；原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，所以原线圈的输入功率之比P1前

：P1后

=

P2前

：P2后

=

4

：1，选项D错误。

19.（2015江苏）一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220V交变电流改为110V，已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为

A．200

B．400

C．1600

D．3200

【答案】B

【解析】：根据变压器的变压规律，可求副线圈匝数为400，所以B正确。

题型三、理想变压器中电路的动态分析问题

*20.（2015安徽）图示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一个位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A。则下列说法正确的是

A．电压表V1示数增大

B．电压表V2、V3示数均增大

C．该变压器起升压作用

D．变阻器滑片是沿的方向滑动

【答案】D

【答案】：电流表A1的示数增大，说明副线圈中的电流也在增大，故滑变的阻值一定在减小，所以从C滑向D，故D选项正确，原副线圈的匝数不变，原线圈中的电流不变，所以副线圈中的电流也不变。AB错误，因为原副线圈的电压不变，所以电流的变化就为功率的变化，原线圈的功率等于副线圈的功率，所以,所以该变压器为降压变压器。

21.（2014·广东）

如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是(

)

A．P向下滑动时，灯L变亮

B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变

C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小

D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大

【答案】：BD

【解析】：由于理想变压器输入电压不变，则副线圈电压U2不变，滑片P滑动时，对灯泡两端的电压没有影响，故灯泡亮度不变，则选项A错误；滑片P下滑，电阻变大，但副线圈电压由原线圈电压决定，则副线圈电压不变，故选项B正确；滑片P上滑，电阻减小，副线圈输出电流I2增大，则原线圈输入电流I1也增大，故选项C错误；此时变压器输出功率P2＝U2I2将变大，故选项D正确．

22.（2015天津）如图所示，

理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，P为滑动变阻器的滑动触头。在原线圈上加一电压为U的正弦交流电，则

A．保持Q的位置不变，将P向上滑动时，电流表读数变大

B．保持Q的位置不变，将P向上滑动时，电流表读数变小

c．保持p的位置不变，将Q向上滑动时，电流表读数变大

D．保持P的位置不动．将Q向上滑动时，电流表读数变小

【答案】BC

【解析】保持Q位置不动时，负载电路电压保持不变，将P向上滑动时，连入电路的电阻变大，故负载消耗功率变小，原线圈输入功率变小，电流表示数变小，所以选项A错误、B正确；

保持P位置不动，即负载电路电阻不变，将Q向上滑动时，由理想变压器电压、匝数关系可知，副线圈输出电压升高，负载电路消耗功率变大，故原线圈输入电流变大，所以选项C正确的、D错误。

A、将负载电阻的阻值减小为R=5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为5.0V，

根据串并联知识和欧姆定律得副线圈电压

根据电压与匝数成正比可知，此时原线圈两端电压的有效值U1=4U2=24V，所以此时原线圈两端电压的最大值约为,故A对B错；

C、原来副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R=11R0，由于保持变压器输入电流不变，所以输出电流也不变，所以原来副线圈电压U′2=

23.（2016·天津卷）如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表．下列说法正确的是(

)

A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大

B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大

C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大

D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大

【答案】：B

【解析】：滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，总电阻也变大，而副线圈两端的电压没有变化，所以干路中的电流减小，R1消耗的功率变小，A错误；干路中的电流变小，R1两端的电压变小，并联电路的电压变大，即电压表V示数变大，B正确；由于变压器副线圈干路中的电流变小，所以原线圈中的电流变小，即电流表A1的示数变小，C错误；闭合开关S后，并联电路的阻值变小，总电阻也变小，干路中的电流变大，R1两端的电压变大，并联电路的电压变小，通过R2的电流变小，即电流表A2示数变小，因变压器的功率变大，故电流表A1示数变大，D错误．

24.（2016·江苏卷）一自耦变压器如图1­所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a、b间作为原线圈．通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈．在a、b间输入电压为U1的交变电流时，c、d间的输出电压为U2，在将滑动触头从M点顺时针旋转到N点的过程中(

)

A．U2>U1，U2降低

B．U2>U1，U2升高

C．U2

D．U2

【答案】：C

【解析】

：根据变压器原、副线圈两端电压和原、副线圈匝数的关系式有＝，这里n2

n1，所以U2

题型四、远距离输电问题

25.（2014·四川卷）如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图像，则(

）

甲

乙

A．用户用电器上交流电的频率是100

Hz

B．发电机输出交流电的电压有效值是500

V

C．输出线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定

D．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小

【答案】D

【解析】：

从图乙得到交流电的频率是50

Hz，变压器在输电过程中不改变交流电的频率，

A错误；从图乙得到发电机输出电压的最大值是500

V，所以有效值为250

V，B错误；输电线的电流是由降压变压器的负载电阻和输出电压决定的，C错误；由于变压器的输出电压不变，当用户用电器的总电阻增大时，输出电流减小，根据电流与匝数成反比的关系可知，输电线上的电流减小，由P线＝I线R线可知，输电线上损失的功率减小，D正确．

26.（2014·浙江卷）如图所示为远距离交流输电的简化电路图．发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1.在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为I2.则(

)

A.

用户端的电压为

B.

输电线上的电压降为U

C.

理想变压器的输入功率为Ir

D.

输电线路上损失的电功率为I1U

【答案】A

【解析】：本题考查电能的输送、理想变压器等知识．理想变压器输入端与输出端功率相等，

U1

I1＝

U2

I2，用户端的电压U2＝

U1，选项A正确；输电线上的电压降ΔU＝U－U1＝I1r，选项B错误；理想变压器输电线上损失的功率为Ir，选项C、D错误．

27.（2015福建）图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1

、n2

。在T的原线圈两端接入一电压的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r

，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为(

)

[来源:学+科+网Z+X+X+K]

电路原理答案范文第4篇

1、人们为了纪念物理学家所作出的杰出贡献，有些物理量就用他们的名字作为单位。请你在图1中任选一位物理学家：，他的名字被命名为 的单位。

2、图2是用来说明原子内部结构的示意图。由图可知：原子是由和 组成，原子核由中子和组成。

3、南宋民族英雄文天祥(江西吉安人)，在《扬子江》一诗中著下“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”的诗句。这里磁针石的南极指向地理位置的方，是因为它受到场的作用。

4、新能源的开发来源于物理学的进步。风力发电站工作时，它是将能转化为电能，该能源属于(填“可”或“不可”)再生能源。

5、自2007年4月18日零时起，全国铁路已进行第六次大提速。这次大提速全国主要中心城市：将新开“D”字头快速列车86列，其中D92次和D93次列车的运行时刻见下表：

根据上述列车运行时刻表的信息可知：D92次列车从南昌到上海南所用的时间是min，它的平均速度为km/h。这种快速列车的行李架正上方都装有小平面镜，可以方便乘客查看行李架上是否有物品遗漏，这是利用了光的 原理。

6、如图3所示，这是一个电表的表盘。也许你没有见过，但根据已学知识可知，该电表使用前也需校零、观察并明确和使用该表所测量的物理量是，图中示数是。

7、仔细观察图4，说明力的作用效果不仅跟力的大小、方向有关，还跟力的 有关；观察图5发现，将滑动变为 的方式可以减小摩擦。

8、如图6所示，甲图说明发声的物体在；乙图中的游泳者在水下能听到岸上的音乐声，说明声音不仅能在空气中传播，也能在中传播；丙图中小白兔能分辨出叫门的不是外婆，是根据声音的 来判断的。

9、北京2008年奥运会火炬(如图7所示)有许多地方体现了物理知识与高科技产品的结合。其外观图案为红色的祥云图纹从炬身中部向上升腾，炬身下半部喷涂的高触感橡胶漆，能增大 ，使其握之不易滑落。火炬外壳采用 较小的高品质铝合金材料制造，体积虽大而质量却小，显得轻盈高贵。

10、在家庭电路中，所选导线的横截面积应与家用电器的总功率相适应，以确保用电安全。表中是几种常见铜导线的安全载流量（即长时间通电的最大安全电流)。小王家计划安装一台6．6kW的即热式电热水器，该用电器正常工作时电流为A，至少应选横截面积为 mm2的导线与之配套。

二、选择题(共26分，把你认为正确的答案序号填写在题后的括号内。第11―16小题，每小题只有一个正确答案，每小题3分；第17、18小题，每小题有一个或几个正确答案，每小题4分，全部选择正确得4分，选择正确但不全得2分，不选、多选或错选得0分)

11、图8中的几种用电器的额定功率最接近1000W的是（ ）

12、水是人类生存不可缺少的物质，图9中能正确描述水的各物理量之间关系的图象是（ ）

13、学习物理需要特别细心，一不小心就容易出错。你认为下列等量关系正确的是（ ）

A．1kg=9．8N B．1kg／m3=1g／cm3

C．1km／h=3.6m／sD．1kW・h=3．6×106J

14、将一小石块和小木块抛人一杯水中，结果发现木块浮在水面上，而石块却沉入水中，就此现象，下列分析正确的是（ ）

A．木块受到浮力，石块不受浮力

B．石块沉入水中，所受浮力小于自身的重力

C．木块受到的浮力一定大于石块所受的浮力D．木块浮在水面上，所受浮力大于自身的重力

15、以下现象解释正确的是（ ）

A．学校里升旗杆的顶端所安装的滑轮是定滑轮

B．矿泉水瓶盖周围的凹凸花纹是为了减小摩擦

C．用瓶盖起子开啤酒瓶盖，是为了省距离

D．饮料吸管的一端剪成斜的，是为了增大压力

16、如图10所示，开关闭合后，当滑动变阻器滑片户向右滑动过程中（ ）

A．电流表示数变小，电压表示数变大

B．电流表示数变小，电压表示数变小

C.电流表示数变大，电压表示数变大

D．电流表示数变大，电压表示数变小

17、在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的方法之一。得出下列物理规律的过程中，运用了这一方法的是（ ）

A．阿基米德原理B．牛顿第一定律

C．真空不能传声D．平面镜成像特点

18、小慧同学对下列知识进行了归纳总结，其中存在错误的是（ ）

A.汽油机和柴油机

B．蒸发和沸腾

C.电流表和电压表

D.电动机和发电机

三、作图或简答题(共15分，第20小题3分，第19、21、22小题各4分)

19、请你在虚线方框内分别画出物理学中表示平面镜和凸透镜的示意图。

20、两个通电螺线管，它们的一端都位于图11甲中的虚线框内．为探究两个通电螺线管之间的磁场方向，把12枚小磁针分别放在方框内12个小黑点的位置上，实验记录小磁针静止时的指向如图11乙所示．请你将图11乙中所有小磁针的N极涂黑。

21、阅读下面“一分钟幽默”，回答相关问题：

一、《把电留住》

儿子：爸爸，电灯为什么要用两根线？

爸爸：一根来电，一根还要让电回去。

儿子：那把这一根剪断，只让电来，不让它回去，咱家就再也不会停电了。

儿子的设想能成立吗?为什么?

答：

二、《不交电费》

小苏说：水从自来水厂流出来，水龙头就有水流出来，我们就该交水费；而生活用电，电从发电厂通过一根电线流过来后又从另一根电线流回去了，而且电流又没有减小，所以我们不该交电费，你认为他说的有道理吗?为什么?

答：

22、电风扇是一种常用家电，它在工作时涉及到很多物理知识，请你回答如下问题：

(1)电风扇在工作过程中，能量主要是怎样转化的?实现这种转化的部件是什么?

(2)当我们在炎热的夏天使用电风扇的时候，会感觉到凉爽．请你分析其中的原因。

四、计算题(共16分，第2：3小题4分，第24、25小题各6分)

23、“五・一”黄金周，征征和妈妈到无锡旅游，买了一只宜兴茶壶，如图12所示。她听说宜兴茶壶是用宜兴特有的泥土材料制成的，很想知道这种材料的密度．于是她用天平测出壶盖的质量为44．4g，再把壶盖放入装满水的溢水杯中，并测得溢出水的质量是14．8g。

(1)请你帮征征算出这种材料的密度是多少?

(2)若测得整个空茶壶的质量为159g，则该茶壶所用材料的体积为多大?

24、森林是一巨大的天然“氧吧”，因为绿色植物在光合作用下可以放出大量的氧气。小明同学为测量地球表面植物吸收太阳能的本领，做了如下实验：用一脸盆装6kg的水，水面的表面积为0．1m2，经太阳垂直照射15min，温度升高了5℃。请计算：

(1)实验时，6kg的水吸收了多少热量?

(2)若地表植物接收太阳能的能力与水相等，每平方米绿色植物每秒钟接收的太阳能为多少焦耳?

(3)100m2绿地每秒钟可以放出多少升的氧气?(若绿色植物在光合作用下每吸收103J的太阳能可以放出O．05L的氧气)

25、中考前，由于气温偏高，瑞瑞的妈妈为了让他有一个更好的学习环境，特地买了一台冷热两用的空调安装在他的房间，这台空调的说明书中主要数据如表，问：

(1)空调工作时应选图13中 孔插座。

(2)空调正常制冷时电流为多少?连续正常制冷30min消耗的电能为多少kW・h?

(3)夏天由于空调使用较多，供电系统负荷增大，应如何使用空调有利于节能?(答出一点即可)

五、探究题(共18分，每小题6分)

26、晚自习时小明所在教室里的电灯突然全熄灭了．现在请你根据这个现象，完成下列探究：

[提出问题]

根据已有的知识和经验，你可能提出的猜想和验证猜想的依据是：

猜想一： ；验证猜想的依据是：。

猜想二： ；验证猜想的依据是：。

27、学校购买了一箱物理器材，小云同学将它从一楼搬到三楼，小彬同学想测定小云搬运器材过程中对箱子做功的功率。

[实验器材] 、 、 ；

[实验步骤]

(1)小彬同学设计的测量步骤如下，其中多余的是（ ）

A．测出箱子的质量m

B．测出楼梯的总长度L

C.测出一楼到三楼的竖直高度h

D.测出小云上楼所用的时间t

E．算出小云搬运箱子的功率P

(2)请你在虚线框内帮小彬设计一个记录实验数据的表格。

28、[研究名称]探究并联电路中的电流的关系

[提出问题]如图14所示的并联电路中，流过A、B、C各处的电流之间可能有什么关系？

[设计实验与进行实验]

(1)按图14所示连接电路；

（2）把电流表分别接入电路中的A、B、C处，测出它们的电流，填入下表；

（3）为了防止个别偶然因素的影响，我们哭采用以下两种方法之一，重复上面实验步骤。

方法一：改变电源电压

方法二：更换其中一条支路中的电阻(阻值不同)

分析与论证

(1)在拆接电路时，开关必须；

(2)上面设计的表格中存在的不足之处是；

(3)表格补充完整后，通过对上面数据的分析，后面两次实验是采用方法进行的，可以得出结论：并联电路干路中的电流等于。

江西省2007年中等学校招生考试

物理试题参考答案及评分意见(课标卷)

说明考试中书写单位时，均要求用字母标注，整卷三次以上未用字母标注的，最多可扣1分。

一、填空题(共25分，每空1分)

1、帕斯卡压强或牛顿力

2、原子核电子质子

3、南地(球)磁

4、风(或机械)可

5、315160反射

6、量程分度值电阻26Ω

7、作用点滚动

8、振动水(或液体)音色

9、摩擦(力)密度

10、304

评分意见有其他合理答案均参照给分。

二、选择题(共26分，把你认为正确的答案序号填写在题后的括号内。第11-16小题，每小题只有一个正确答案，每小题3分；第17、18、题，每小题有一个或几个正确答案，每小题4分，全部选择正确得4分，选择正确但不全得2分，不选、多选或错选得0分)

11、D 12、C 13、D 14、B 15、A 16、A

17、BC18、AD

三、作图或简答题(共15分，第20题3分，第19、21、22题各4分)

19、如图1所示。

评分意见平面镜只画直线给1分，画出阴影再给1分，共2分；凸透镜只要画出中央比边缘厚就给2分。有其他合理答案均参照给分。

20、如图3或图4所示。

评分意见完全画正确给3分

21、答：(1)不能．电路闭合是电流流通的必要条件2分

(2)他说的没道理。用电时，消耗了发电厂提供的电能2分

评分意见(1)中答“不能”给1分，答到“电路闭合”再给1分，共2分；(2)中答到“没道理”给1分，答到“用电过程消耗了电能”再给1分，共2分。有其它合理表述均参照给分。

22、答：(1)电能转化为机械能电动机2分

(2)电风扇工作时，加快了室内空气的流动，因而加快人体汗液的蒸发，蒸发需要吸收热量，故人们会感觉到凉爽。2分

评分意见(1)答到电能转化为机械能给1分，答到电动机再给1分；(2)答到加快蒸发给1分，蒸发吸热再给1分。本题共4分。有其它合理表述均参照给分。

四、计算题(共16分，第23小题4分，第24、25小题各6分)

23、解：(1)V盖=V水=m水/ρ水=14．8g/(1．0g/cm3)=14．8cm3

ρ泥=m盖/V盖=44．4g/14．8cm3=3．0g／cm3(或3．0×103kg／m3

(2)V材料=m壶/ρ泥=159g/(3．0g／cm3)=53cm3(或5．3×10-5m3)

评分意见有其他合理答案均参照给分。

24、解：(1)g水经15min照射吸收的热量：

Q吸=cm(t-t0)=4．2×103J/(kg・℃)×6kg×5℃=1．26×105J

(2)每秒钟获得的能量为：1．26×105J/(15×60)=1．4×102J

每平方米绿色植物每秒钟接收的太阳能为：1．4×102J/0．1=1．4×103J(下转第121页）

（上接第126页）(3)100m2绿色植物每秒钟接收的太阳能可以放出的氧气为：(1．4×103J/103J)×0．05L×l00=7L

评分意见有其他合理答案均参照给分。

25、解：(1)三

(2)I=P冷/U=1320W/220V=6A

W=P冷t=1．32kW×0．5h=0．66kW・h

(3)调高设定温度或减少使用时间

评分意见第(3)问中只要答到一点就给1分，有其他合理答案均参照给分。

五、探究题(共18分，每小题6分)

26、[提出问题]教室里的电灯为什么全熄灭了?

猜想一：可能停电了；

验证猜想的依据是：观察教室外的灯是否亮着。

猜想二：可能校园空气开关跳闸了；

验证猜想的依据是：观察校园空气开关是否跳闸。

评分意见本题是开放性试题，猜想与验证猜想的依据要相对应，有其他合理答案均参照给分。

27、[实验器材]秒表、卷尺、磅秤

[实验步骤](1)B(2)表格如下：

评分意见本小题6分，每空1分，表格设计合理给2分，有其他合理答案均参照给分。

28、[分析与论证](1)断开

(2)缺少了电流的单位

(3)一各支路电流之和

电路原理答案范文第5篇

欧姆定律在中考中的题型主要有填空题、选择题、图像题、问答题、实验探究题、计算题等。填空题、选择题、图像题主要考查欧姆定律的基础知识，实验探究题主要集中在探究电流与电压、电阻的关系及伏安法测电阻上，问答题一般在实际应用方面出题，计算题主要考查欧姆定律的计算。

重点考查：

1.探究实验：探究电流与电压、电阻的关系；伏安法测电阻及变形；

2.欧姆定律的意义及应用：对欧姆定律的理解及应用欧姆定律解决问题。

考查热点：

1.实验：探究电流与电压、电阻的关系；伏安法测电阻及变形；

2.理解：对欧姆定律的理解；

3.应用：应用欧姆定律分析动态电路、计算及解决实际问题。

考点1： 电流与电压、电阻的关系

例1：小华用如图所示的电路探究电流与电阻的关系。已知电源电压为6V，滑动变阻器R2的最大电阻为20Ω，电阻R1为l0Ω。实验过程中，将滑动变阻器滑片移到某一位置时，读出电阻R1两端电压为4V，并读出了电流表此时的示数。紧接着小华想更换与电压表并联的电阻再做两次实验，可供选择的电阻有l5Ω、30Ω、45Ω和60Ω各一个，为了保证实验成功，小华应选择的电阻是 Ω和 Ω。

解析：要探究电流与电阻的关系时，必须要控制电阻R1两端的电压一定，即R1两端电压U1=4V不变。要能保证实验成功，滑动变阻器两端电压控制为6V-4V=2V，R2中也就是电路中的最小电流为2V/20Ω=0.1A，此时定值电阻最大为U1/I=4V/0.1A=40Ω，故只能选择l5Ω、30Ω的电阻。

答案：15，30。

点拨： 探究电流与电阻的关系，要改变电阻大小，而必须控制其两端电压一定。

考点2： 欧姆定律表达式及其物理意义

例2：关于欧姆定律公式I= ■，下列说法正确的是（ ）。

A.导体的电阻与电压成正比，与电流成反比

B.导体两端的电压越大，其电阻越大

C.据欧姆定律公式变形可得R= ■，可见导体电阻大小与通过它的电流与它两端电压有关

D. 根导体电阻的大小等于加在它两端的电压与通过它的电流的比值

解析：I、U、R三者不能随意用正比、反比关系说明，R＝U/I，它是电阻的计算式，而不是决定式，导体的电阻是导体本身的性质，与电流电压无关，只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，但可用电压与电流的比值求电阻。

答案：D。

点拨：理解欧姆定律中的“成反比”和“成正比”两个关系及知道决定电阻大小的因素。

考点3：动态电路分析

例3：如下图所示，电源电压不变.闭合S1后，再闭合S2，电流表的示数 ，电压表的示数 。(选填“变大”、“变小”或“不变”。)

解析：当闭合S1后，再闭合S2，此时R2被短路，电压表接到电源两端，因此电压表示数变大，此时电路中的总电阻减小，电流表示数也变大。

答案：变大，变大。

点拨：分清原来开关闭合时电路状态和两个开关同时闭合时电路的状态。

考点4：欧姆定律计算

例4：实验室有甲、乙两只灯泡，甲标有“15V 1.0A”字样，乙标有“10V 0.5A”字样。现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（不考虑温度对灯泡电阻的影响）（ ）。

A．25V B．35V C．15V D．12．5V

解析：甲灯的电阻是R甲=■=■=15Ω。乙灯的电阻R乙=■=■=20Ω，两灯串起来后，总电阻是15Ω+20Ω=30Ω，允许通过的最大电流是0.5A，所以最高电压是30Ω×0.5A=15V。

答案：C。

点拨：不能把两额定电压的值相加作为最高电压；串联应取小电流。

考点5：电阻的测量

例5：现有一个电池组，一个电流表，一个开关，一个已知电阻R0，导线若干，用上述器材测定待测电阻Rx的阻值，要求：①画出实验电路图；②简要写出实验步骤并用字母表示测量的物理量；③根据所测物理量写出待测阻值Rx的表达式。

解析：此题是伏安法测电阻的变形――双安法，在两表一器不全的情况下设计电路测电阻，因有电流表和定值电阻，故设计并联电路，测出两支路电流，利用电压相等，电流比等于电阻反比列关系式解答。答案不唯一，但基本原理是设计成并联电路。